Phương trình là một mảng kiến thức quan trọng trong chương trình
Toán phổ thông. Giải phương trình là bài toán có nhiều dạng và giải rất linh
hoạt, với nhiều học sinh kể cả học sinh khá giỏi nhiều khi còn lúng túng
trước việc giải một phương trình, đặc biệt là phương trình vô tỷ.
Trong những năm gần đây, phương trình vô tỷ thường xuyên xuất hiện
ở câu II trong các đề thi tuyển sinh vào Đại học và Cao đẳng. Vì vậy, việc
trang bị cho học sinh những kiến thức liên quan đến phương trình vô tỷ kèm
với phương pháp giải chúng là rất quan trọng. Như chúng ta đã biết phương
trình vô tỷ có nhiều dạng và nhiều phương pháp giải khác nhau. Trong bài
tập lớn này, tôi xin trình bày “một số phương pháp giải phương trình vô
tỷ”, mỗi phương pháp đều có bài tập minh họa được giải rõ ràng, dễ hiểu;
sau mỗi phương pháp đều có bài tập áp dụng giúp học sinh có thể thực hành
giải toán và nắm vững cái cốt lõi của mỗi phương pháp.
40 trang |
Chia sẻ: superlens | Lượt xem: 2169 | Lượt tải: 1
Bạn đang xem trước 20 trang tài liệu Một số phương pháp giải phương trình vô tỷ, để xem tài liệu hoàn chỉnh bạn click vào nút DOWNLOAD ở trên
Mét sè ph¬ng ph¸p gi¶i ph¬ng tr×nh v« tû NguyÔn V¨n Rin – To¸n 3A
Page 1
LỜI NÓI ĐẦU:
Phương trình là một mảng kiến thức quan trọng trong chương trình
Toán phổ thông. Giải phương trình là bài toán có nhiều dạng và giải rất linh
hoạt, với nhiều học sinh kể cả học sinh khá giỏi nhiều khi còn lúng túng
trước việc giải một phương trình, đặc biệt là phương trình vô tỷ.
Trong những năm gần đây, phương trình vô tỷ thường xuyên xuất hiện
ở câu II trong các đề thi tuyển sinh vào Đại học và Cao đẳng. Vì vậy, việc
trang bị cho học sinh những kiến thức liên quan đến phương trình vô tỷ kèm
với phương pháp giải chúng là rất quan trọng. Như chúng ta đã biết phương
trình vô tỷ có nhiều dạng và nhiều phương pháp giải khác nhau. Trong bài
tập lớn này, tôi xin trình bày “một số phương pháp giải phương trình vô
tỷ”, mỗi phương pháp đều có bài tập minh họa được giải rõ ràng, dễ hiểu;
sau mỗi phương pháp đều có bài tập áp dụng giúp học sinh có thể thực hành
giải toán và nắm vững cái cốt lõi của mỗi phương pháp.
Hy vọng nó sẽ góp phần giúp cho học sinh có thêm những kĩ năng cần
thiết để giải phương trình chứa căn thức nói riêng và các dạng phương trình
nói chung.
www.VNMATH.com
NguyÔn V¨n Rin – To¸n 3A Mét sè ph¬ng ph¸p gi¶i ph¬ng tr×nh v« tû
Page 2
A. BÀI TOÁN MỞ ĐẦU:
Giải phương trình: 2
2
1 1 (*)
3
x x x x
(ĐHQG HN, khối A-2000)
Giải:
Điều kiện: 0 1x
Cách 1:
2
2
22(*) 1 1
3
x x x x
2 24 41 ( ) 1 2 (1 )
3 9
x x x x x x
2 24( ) 6 0x x x x
2 22 (2 3) 0x x x x
2
2
0
3
2
x x
x x
2
2
0
9
0( )
4
x x
x x PTVN
0
1
x
x
(thỏa điều kiện)
Vậy nghiệm của phương trình là 0; 1x x .
Cách 2:
Nhận xét: 2x x được biểu diễn qua x và 1 x nhờ vào đẳng thức:
2
21 =1+2x x x x .
Đặt 1t x x ( 0)t .
2
2 1
2
t
x x
.
Phương trình (*) trở thành:
2
2 111 3 2 0
23
tt
t t t
t
Với 1t ta có phương trình:
2 2
0
1 1 2 0 0
1
x
x x x x x x
x
(thỏa điều kiện).
Với 2t ta có phương trình:
www.VNMATH.com
Mét sè ph¬ng ph¸p gi¶i ph¬ng tr×nh v« tû NguyÔn V¨n Rin – To¸n 3A
Page 3
2 2 29 91 2 2 3 0( )
4 4
x x x x x x x x PTVN .
Vậy nghiệm của phương trình là 0; 1x x .
Cách 3:
Nhận xét: x và 1 x có mối quan hệ đặc biệt, cụ thể
2 2
1 1x x .
(*) 2 . 1 3 1 3 3x x x x
1 2 3 3 3 (1)x x x .
9
4
x không thỏa mãn phương trình (1).
Do đó,
3 3
(1) 1 (2)
2 3
x
x
x
.
Đặt
3 3
( 0), (2) 1
2 3
t
t x t x
t
.
Ta có:
2 2
1 1x x
2
2 3 3 1
2 3
t
t
t
2 2 2 2(4 12 9) 9 18 9 4 12 9t t t t t t t
4 3 24 12 14 6 0t t t t
3 2(2 6 7 3) 0t t t t
2( 1)(2 4 3) 0t t t t
0
1
t
t
.
Với 0t ta có 0 0x x (thỏa điều kiện).
Với 1t ta có 1 1x x (thỏa điều kiện).
Vậy nghiệm của phương trình là 0; 1x x .
Cách 4:
Nhận xét: x và 1 x có mối quan hệ đặc biệt, cụ thể
2 2
1 1x x .
Đặt ( 0); 1 ( 0)a x a b x b .
Ta có hệ phương trình:
2 2
2
1
3
1
ab a b
a b
2
3 2 3( )
( ) 2 1
ab a b
a b ab
2
2 3( ) 3
( ) 3( ) 2 0
ab a b
a b a b
www.VNMATH.com
NguyÔn V¨n Rin – To¸n 3A Mét sè ph¬ng ph¸p gi¶i ph¬ng tr×nh v« tû
Page 4
2 3( ) 3
1
2
ab a b
a b
a b
1
0
2
3
2
a b
ab
a b
ab
a, b là 2 nghiệm của phương trình 2
1
0
0
0
1
a
b
X X
a
b
.
(Trường hợp
2
3
2
a b
ab
loại vì 2
3
2 4. 0
2
).
Với
1
0
a
b
ta có
1
1
1 0
x
x
x
(thỏa điều kiện).
Với
0
1
a
b
ta có
0
0
1 1
x
x
x
(thỏa điều kiện).
Vậy nghiệm của phương trình là 0; 1x x .
Cách 5:
Nhận xét: Từ
2 2
1 1x x , ta nghĩ đến đẳng thức: 2 2sin os 1a c a .
Đặt sin , 0 a
2
x a
.
Phương trình (*) trở thành: 2 2
2
1 sin . 1 sin sin 1 sin
3
a a a a
3 2sin .cos 3sin 3cos ( ì cos 0)a a a a v a
2(sin cos ) 3(sin cos ) 2 0a a a a
sin cos 1
sin cos 2
a a
a a
sin cos 1a a 2 sin( ) 1
4
a
2
1 4 4sin( ) ( )
34 2
2
4 4
a k
a k
a k
2 0
( ) ( ì 0 )
22
2 2
a k a
k v a
a k a
Với 0a ta có 0 0x x (thỏa điều kiện).
www.VNMATH.com
Mét sè ph¬ng ph¸p gi¶i ph¬ng tr×nh v« tû NguyÔn V¨n Rin – To¸n 3A
Page 5
Với 1a ta có 1 1x x (thỏa điều kiện).
Vậy nghiệm của phương trình là 0; 1x x .
Qua bài toán mở đầu, ta thấy có nhiều cách khác nhau để giải một phương
trình vô tỷ. Tuy nhiên, các cách đó đều dựa trên cơ sở là phá bỏ căn thức và đưa
về phương trình đơn giản hơn mà ta đã biết cách giải. Sau đây, tôi xin trình bày
một số phương pháp cụ thể để giải phương trình vô tỷ.
B. MỘT SỐ PHƯƠNG PHÁP GIẢI PHƯƠNG TRÌNH VÔ TỶ
I. PHƯƠNG PHÁP BIẾN ĐỔI TƯƠNG ĐƯƠNG
Hai phương trình được gọi là tương đương nếu chúng có cùng tập
nghiệm.
Một số phép biến đổi tương đương:
Cộng, trừ hai vế của phương trình với cùng biểu thức mà không
làm thay đổi tập nghiệm của phương trình.
Nhân, chia hai vế của phương trình với cùng biểu thức khác 0
mà không làm thay đổi điều kiện của phương trình.
Lũy thừa bậc lẻ hai vế, khai căn bậc lẻ hai vế của phương trình.
Lũy thừa bậc chẵn hai vế, khai căn bậc chẵn hai vế khi hai vế
của phương trình cùng dương.
1. Lũy thừa hai vế của phương trình:
2 12 1 ( ) ( ) ( ) ( )kk f x g x f x g x .
2
2
( ) 0
( ) ( )
( ) ( )
k
k
g x
f x g x
f x g x
.
2 1 2 1( ) ( ) ( ) ( )k kf x g x f x g x .
2 2
( ) 0
( ) ( )
( ) ( )
k k
g x
f x g x
f x g x
.
Thông thường nếu ta gặp phương trình dạng : A B C D , ta
thường bình phương 2 vế, điều đó nhiều khi cũng sẽ gặp khó khăn.
Với phương trình dạng: 3 3 3A B C và ta thường lập phương hai vế để
đưa phương trình về dạng: 3 333 .A B A B A B C và ta sử dụng
phép thế : 3 3 3A B C ta được phương trình hệ quả:
33 . .A B A B C C
Bài 1: Giải phương trình: 1 10 2 5 (*)x x x x
Giải:
Điều kiện: 1x .
www.VNMATH.com
NguyÔn V¨n Rin – To¸n 3A Mét sè ph¬ng ph¸p gi¶i ph¬ng tr×nh v« tû
Page 6
2 2(*) 2 11 2 11 10 2 7 2 7 10x x x x x x
2 22 11 10 7 10x x x x
2 2 211 14 4 11 10 7 10x x x x x x
2 11 10 1x x x
2 2
1 0
11 10 2 1
x
x x x x
1
1
9 9
x
x
x
(thỏa điều kiện).
Vậy nghiệm của phương trình là: 1x .
Bài 2: Giải phương trình: 3 3 31 2 3 0 (*)x x x
Giải:
3 3 3(*) 1 2 3x x x
3 332 3 3 ( 1)( 2)( 1 2) 3x x x x x x
3 332 ( 1)( 2)( 1 2) 0x x x x x
332 ( 1)( 2) 3 0x x x x
3 ( 1)( 2)( 3) 2x x x x
3 2 3 26 11 6 6 12 8x x x x x x
2x
Thử lại, 2x thỏa mãn phương trình (*).
Vậy nghiệm của phương trình là: 2x .
Bài 3: Giải phương trình: 3 3 1 2 2 2x x x x
Giải:
Điều kiện: 0x
Bình phương 2 vế không âm của phương trình ta được:
1 3 3 1 2 2 1x x x x x , để giải phương trình này dĩ nhiên là không
khó nhưng hơi phức tạp một chút .
Phương trình giải sẽ rất đơn giản nếu ta chuyển vế phương trình :
3 1 2 2 4 3x x x x
Bình phương hai vế ta được phương trình hệ quả :
2 26 8 2 4 12x x x x
22( 1) 0 1x x
Thử lại, 1x thỏa mãn phương trình.
Vậy nghiệm của phương trình là: 1x .
Nhận xét : Nếu phương trình : f x g x h x k x
www.VNMATH.com
Mét sè ph¬ng ph¸p gi¶i ph¬ng tr×nh v« tû NguyÔn V¨n Rin – To¸n 3A
Page 7
Mà có : f x h x g x k x , thì ta biến đổi phương trình về dạng :
f x h x k x g x sau đó bình phương hai vế, giải phương trình
hệ quả và thử lại nghiệm.
Bài 4: Giải phương trình :
3
21 1 1 3 (1)
3
x
x x x x
x
Giải:
Điều kiện : 1x
Bình phương 2 vế phương trình ?
Nếu chuyển vế thì chuyển như thế nào?
Ta có nhận xét :
3
21. 3 1. 1
3
x
x x x x
x
, từ nhận xét này ta có lời giải
như sau :
3
21(1) 3 1 1
3
x
x x x x
x
Bình phương 2 vế ta được phương trình hệ quả:
3
2 2 1 31 1 2 2 0
3 1 3
xx
x x x x
x x
Thử lại : 1 3, 1 3x x là nghiệm của phương trình.
Nhận xét : Nếu phương trình : f x g x h x k x
Mà có : . .f x h x k x g x thì ta biến đổi phương trình về dạng:
f x h x k x g x sau đó bình phương hai vế, giải phương trình
hệ quả và thử lại nghiệm.
Bài tập áp dụng:
Giải các phương trình sau:
1. 2 22 2 1 3 4 1x x x x x .
2. 3 1 4 1x x .
3. 1 6 5 2x x x .
4. 11 11 4x x x x .
5. 3 312 14 2x x .
6. 3 3 31 2 2 1x x x .
2. Trục căn thức:
2.1 Trục căn thức để xuất hiện nhân tử chung:
Một số phương trình vô tỉ ta có thể nhẩm được nghiệm 0x . Như vậy, phương trình
luôn đưa về được dạng tích 0 0x x A x ta có thể giải phương trình
www.VNMATH.com
NguyÔn V¨n Rin – To¸n 3A Mét sè ph¬ng ph¸p gi¶i ph¬ng tr×nh v« tû
Page 8
0A x hoặc chứng minh 0A x vô nghiệm , chú ý điều kiện của nghiệm
của phương trình để ta có thể đánh giá 0A x vô nghiệm.
Bài 1: Giải phương trình:
2 2 2 23 5 1 2 3 1 3 4x x x x x x x
Giải:
Điều kiện:
2
1 5
2
x
x
.
Ta nhận thấy : 2 23 5 1 3 3 3 2 2x x x x x và
2 22 3 4 3 2x x x x .
2 2 2 23 5 1 3 1 2 3 4pt x x x x x x x
2 22 2
2( 2) 3( 2)
2 3 43 5 1 3 1
x x
x x xx x x x
.
2 2 2 2
3 2
( 2) 0
2 3 4 3 5 1 3 1
x
x x x x x x x
.
2x (thỏa).
Dễ dàng chứng minh được phương trình
2 2 2 2
3 2
0
2 3 4 3 5 1 3 1x x x x x x x
vô nghiệm vì
1 50, ; 2 ;
2
VT x
.
Vậy 2x là nghiệm của phương trình.
Bài 2: Giải phương trình: 2 212 5 3 5x x x
Giải:
Để phương trình có nghiệm thì : 2 2
5
12 5 3 5 0
3
x x x x
Ta nhận thấy : x=2 là nghiệm của phương trình , như vậy phương trình có thể
phân tích về dạng
2 0x A x , để thực hiện được điều đó ta phải nhóm , tách như sau :
2 212 4 3 6 5 3pt x x x
www.VNMATH.com
Mét sè ph¬ng ph¸p gi¶i ph¬ng tr×nh v« tû NguyÔn V¨n Rin – To¸n 3A
Page 9
2 2
2 2
4 4
3 2
12 4 5 3
x x
x
x x
2 2
2 2
2 3 0
12 4 5 3
x x
x
x x
2x
Dễ dàng chứng minh được :
2 2
2 2 5
3 0,
312 4 5 3
x x
x
x x
.
Vậy 2x là nghiệm của phương trình.
Bài 3: Giải phương trình : 2 33 1 2x x x
Giải:
Điều kiện: 3 2x
Nhận thấy 3x là nghiệm của phương trình , nên ta biến đổi phương trình:
2 33 1 2 3 2 5pt x x x
2
2 32 233
3 3 93
3 1
2 51 2 1 4
x x xx
x
xx x
2
2 32 233
3 3 9
( 3) 1 0
2 51 2 1 4
x x x
x
xx x
2
3
22 233
3
3 93 (*)1
2 5
1 2 1 4
x
x xx
x
x x
Phương trình (*) vô nghiệm vì:
222 2 23 33
3 3
1 1 2
1 2 1 4 1 1 3
x x
x x x
2
3
3 9
2 5
x x
x
Vậy phương trình có nghiệm duy nhất 3x .
2.2. Đưa về “hệ tạm”:
Nếu phương trình vô tỉ có dạng A B C , mà : A B C
ở đây C có thể là hằng số, có thể là biểu thức của x .
Ta có thể giải như sau :
www.VNMATH.com
NguyÔn V¨n Rin – To¸n 3A Mét sè ph¬ng ph¸p gi¶i ph¬ng tr×nh v« tû
Page 10
A B
C A B
A B
, khi đó ta có hệ: 2
A B C
A C
A B
Bài 1: Giải phương trình sau : 2 22 9 2 1 4x x x x x
Giải:
Ta thấy: 2 22 9 2 1 2 4x x x x x
Phương trình đã cho có nghiệm 4 0 4x x
4x không phải là nghiệm của phương trình.
Xét 4x trục căn thức ta có :
2 2
2 2
2 8
4 2 9 2 1 2
2 9 2 1
x
x x x x x
x x x x
Ta có hệ phương trình:
2 2
2
2 2
0
2 9 2 1 2
2 2 9 6 8
2 9 2 1 4 7
x
x x x x
x x x
xx x x x x
Thử lại thỏa; vậy phương trình có 2 nghiệm : x=0; x=
8
7
.
Bài tập áp dụng:
Giải các phương trình sau :
1. 2 23 1 3 1x x x x
2. 4 3 10 3 2x x
3. 23 4 1 2 3x x x
4. 2 33 1 3 2 3 2x x x
5. 2 32 11 21 3 4 4 0x x x
6. 2 22 16 18 1 2 4x x x x
7. 2 215 3 2 8x x x
8. 2 2 5 2 10x x x x x
2.3. Phương trình biến đổi về tích:
2.3.1 Sử dụng đẳng thức:
1 1 1 0u v uv u v
0au bv ab vu u b v a
2 2A B
Bài 1: Giải phương trình : 233 31 2 1 3 2x x x x
Giải:
3 3 3 31 2 1 1. 2PT x x x x
3 31 1 2 1 0x x
0
1
x
x
www.VNMATH.com
Mét sè ph¬ng ph¸p gi¶i ph¬ng tr×nh v« tû NguyÔn V¨n Rin – To¸n 3A
Page 11
Vậy nghiệm của phương trình là: 0; 1x x .
Bài 2: Giải phương trình : 2 23 33 31x x x x x
Giải:
0x , không phải là nghiệm.
0x , ta chia hai vế cho 3 x :
3 33
1
1 1
x
PT x x
x
3
33
3
1
1
1 1 0 11
1
x
x
x xxx
x
Vậy nghiệm của phương trình là: 1x .
Bài 3: Giải phương trình: 23 2 1 2 4 3x x x x x x
Giải:
Điều kiện: 1x
3 2 1 2 ( 3)( 1)PT x x x x x x
3 2 1 1 0x x x
3 2
1 1
x x
x
2
0
1
4 3 0
0
1 1
x
x
x x
x
x
(thỏa).
Vậy nghiệm của phương trình là: 0; 1x x .
Bài 4: Giải phương trình :
4
3 4
3
x
x x
x
Giải:
Điều kiện: 0x
Chia cả hai vế cho 3x ta được:
2
4 4 4
1 2 1 0
3 3 3
x x x
x x x
4
1 4 3 1
3
x
x x x
x
(thỏa).
Vậy nghiệm của phương trình là: 1x .
2.3.2 Dùng hằng đẳng thức:
Biến đổi phương trình về dạng : k kA B
www.VNMATH.com
NguyÔn V¨n Rin – To¸n 3A Mét sè ph¬ng ph¸p gi¶i ph¬ng tr×nh v« tû
Page 12
Bài 1: Giải phương trình : 3 3x x x
Giải:
Điều kiện: 0 3x
Khi đó pt đã cho tương đương:
3 23 3 0x x x
3 31 10 10 1
3 3 3 3
x x
(thỏa).
Vậy nghiệm của phương trình là:
3 10 1
3
x
.
Bài 2: Giải phương trình sau : 22 3 9 4x x x
Giải:
Điều kiện: 3x
Phương trình đã cho tương đương :
2
2 3 1 31 3 9
3 1 3
x x
x x
x x
2
2
1
3
1
9 7 2 0
5 97
1
18
3
9 5 2 0
x
x
x x
x
x
x x
(thỏa)
Vậy nghiệm của phương trình là:
5 97
1;
18
x x
.
Bài 3: Giải phương trình sau :
22 332 3 9 2 2 3 3 2x x x x x
Giải:
3
3 3 3 32 3 0 2 3 2 3 1PT x x x x x x x .
Vậy nghiệm của phương trình là: 1x .
II. PHƯƠNG PHÁP ĐẶT ẨN PHỤ:
1. Phương pháp đặt ẩn phụ thông thường:
Đối với nhiều phương trình vô tỉ, để giải chúng ta có thể đặt t f x và chú ý
điều kiện của t . Nếu phương trình ban đầu trở thành phương trình chứa một biến
t và quan trọng hơn ta có thể giải được phương trình đó theo t thì việc đặt ẩn phụ
xem như “hoàn toàn ”.
Bài 1: Giải phương trình: 2 21 1 2x x x x
Giải:
www.VNMATH.com
Mét sè ph¬ng ph¸p gi¶i ph¬ng tr×nh v« tû NguyÔn V¨n Rin – To¸n 3A
Page 13
Điều kiện: 1x
Nhận xét: 2 21. 1 1x x x x
Đặt 2 1( 0)t x x t thì phương trình trở thành:
2 21 2 2 1 0 ( 1) 0 1t t t t t
t
Với 1t ta có phương trình:
2 21 1 1 1 2 2 1x x x x x x (thỏa).
Vậy nghiệm của phương trình là: 1x .
Bài 2: Giải phương trình: 22 6 1 4 5x x x
Giải:
Điều kiện:
5
4
x
Đặt 4 5( 0)t x t thì
2 5
4
t
x
. Thay vào ta có phương trình sau:
4 2
2 4 210 25 62. ( 5) 1 22 8 27 0
16 4
t t
t t t t t
2 2( 2 7)( 2 11) 0t t t t
1 2 2 1 2 2
1 2 3 1 2 3
t t
t t
(vì 0t ).
Với 1 2 2t ta có: 4 5 1 2 2 4 4(1 2) 1 2x x x
Với 1 2 3t ta có: 4 5 1 2 3 4 4(2 3) 2 3x x x
Vậy nghiệm của phương trình là: 1 2; 2 3x x .
Cách khác: Ta có thể bình phương hai vế của phương trình với điều kiện
22 6 1 0x x
Ta được: 2 2 2( 3) ( 1) 0x x x , từ đó ta tìm được nghiệm tương ứng.
Đơn giản nhất là ta đặt : 2 3 4 5y x và đưa về hệ đối xứng(Xem phần dặt
ẩn phụ đưa về hệ).
Bài 3: Giải phương trình: 5 1 6x x
Điều kiện: 1 6x
Đặt 1(0 5)y x y thì phương trình đã cho trở thành:
2 4 25 5 10 20 0y y y y y
2 2( 4)( 5) 0y y y y
www.VNMATH.com
NguyÔn V¨n Rin – To¸n 3A Mét sè ph¬ng ph¸p gi¶i ph¬ng tr×nh v« tû
Page 14
1 21
1 172
21 17
2
y
y
y
( vì 0 5y )
Với
1 17
2
y
ta có phương trình
1 17 11 17
1
2 2
x x
(thỏa)
Vậy nghiệm của phương trình là:
11 17
2
x
.
Bài 4: Giải phương trình:
2
2004 1 1x x x
Giải:
Điều kiện: 0 1x
Đặt 1y x (0 1y ) phương trình trở thành:
2 2 2 2(1 ) (2005 )(1 )y y y 2 2 2 2(1 ) (1 ) (2005 )(1 )y y y y
2 22(1 ) ( 1002) 0y y y
1
11 4009
2
y
y
y
( vì 0 1y )
Với 1y ta có phương trình 1 1 0x x
Vậy nghiệm của phương trình là: 0x .
Bài 5: Giải phương trình: 2
1
2 3 1x x x x
x
Giải:
Điều kiện: 1 0x
Chia cả hai vế cho x ta được phương trình:
1 1 1 1
2 3 2 3 0x x x x
x x x x
(*)
Đặt
1
( 0)t x t
x
phương trình (*) trở thành:
2 12 3 0 1
3
t
t t t
t
Với 1t ta có phương trình
1
1x
x
2 1 0x x
1 5
1 52
21 5
2
x
x
x
.
www.VNMATH.com
Mét sè ph¬ng ph¸p gi¶i ph¬ng tr×nh v« tû NguyÔn V¨n Rin – To¸n 3A
Page 15
Vậy nghiệm của phương trình là:
1 5
2
x
.
Bài 6: Giải phương trình : 2 4 23 2 1x x x x
Giải:
0x không phải là nghiệm của phương trình.
Chia cả hai vế cho x ta được: 3
1 1
2x x
x x
(*)
Đặt t= 3
1
x
x
phương trình (*) trở thành : 3 2 0t t 1t .
Với 1t ta có phương trình 23
1 1 5
1 1 0
2
x x x x
x
.
Vậy nghiệm của phương trình là
1 5
2
x
.
Bài tập áp dụng:
Giải các phương trình sau:
1. 2 215 2 5 2 15 11x x x x
2. 2( 5)(2 ) 3 3x x x x
3. 2(1 )(2 ) 1 2 2x x x x
4. 2 217 17 9x x x x
5. 32 21 2 1 3x x
6. 2 2 11 31x x
7. 2 2 22 (1 ) 3 1 (1 ) 0nn nx x x
8. 2(2004 )(1 1 )x x x
9. ( 3 2)( 9 18) 168x x x x x
10. 23 2 1 4 9 2 3 5 2x x x x x